電功率范文

導語：如何才能寫好一篇電功率，這就需要搜集整理更多的資料和文獻，歡迎閱讀由公務員之家整理的十篇范文，供你借鑒。

篇1

一．選擇題

6．（2015黑河）把標有“6V 6W”的小燈泡L1和標有“6V 3W”的小燈泡L2串聯后接在電源電壓為6v的電路中（不考慮燈絲電阻的變化），下列說法正確的是（ ） A．因為通過它們的電流相等，所以一樣亮

B．因為燈L2 電阻較大，實際功率較大，所以燈L2較亮 C．因為燈L1額定功率較大，所以燈L1較亮 D．因為燈L1實際功率較大，所以燈L1較亮 7．（2015成都校級自主招生）一般地說，用電器的工作電壓并不等于額定電壓．家庭里通常不備電壓表，但借助電能表可以測出用電器的實際工作電壓．現在電路中只接入一個電熱水壺，壺的銘牌如右圖所示，測得電能表的表盤轉過125轉的時間為121秒．根據所給信息可知（ ） A．該電熱水壺的電阻為110Ω B．電熱水壺的實際功率為1500W

5

C．電熱水壺在121秒內實際消耗電功為1.5×10焦 D．電熱水壺的實際電壓為200V 8．（2015游仙區模擬）有兩只標有“220V 40W”的燈泡，燈泡在它兩端不超過額定電壓時，電流隨電壓的變化關系如圖所示，將它們串聯起來接到家庭電路中，消耗的總功率（ ）

A．大于20W B．等于20W C．小于20W D．等于40W 9．（2015夾江縣模擬）如圖所示，小燈泡規格為“5V 2.5W”（燈絲電阻的變化不計），閉合開關，當滑動變阻器的滑片移至a端時，電流表的示數為0.5A；當滑片移至b端時，電壓表的示數為3V，則（ ）

A．小燈泡燈絲電阻為5Ω B．電源電壓為8V

C．滑動變阻器的最大阻值為20Ω

D．滑片P位于b端時，滑動變阻器消耗的功率是0.6W 10．（2015濰坊模擬）把標有“PZ220V 40W”和“PZ220V 100W”的甲、乙兩盞燈串聯接在220V的電源上（設燈絲電阻不變），則下列判斷正確的是（ ） A．乙燈消耗的電功率大于40W B．甲燈能正常發光

C．兩盞燈的總功率小于40W D．乙燈兩端的實際電壓大于110V

1．（2015瀘州）5月初，小明家中的電能表示數為，電能表的部分參數

及6月初的示數如圖所示，下列說法正確的是（ ）

A．電能表是測量用電器消耗電功率的儀表

B．小明家5月初至6月初消耗的電能是1200kWh

C．小明家所有用電器同時工作，總功率不得超過4.4kW

D．若電能表轉盤在10min內轉過300轉，則用電器的總功率為1kW 2．（2015巴彥淖爾）如圖所示，電源電壓為6V且保持不變，滑動變阻器的最大阻值為20Ω，定值電阻R0為5Ω．閉合開關后，移動滑片，發現能使電流表（“0～0.6A”或“0～3A”）和電壓表（“0～3V”或“0～15V”）的指針同時達到滿刻度線，則R0的電功率與電流的關系圖象可能是（ ）

A． B． C． D．

3．（2015黔東南州）將燈L接到電壓為U的電路上時，燈的電功率為36W，若將燈L與一個電阻R串聯后仍接在原電路上時，燈L消耗的電功率為25W，設燈絲電阻不變，則此電阻消耗的電功率是（ ）

A．3W B．4W C．5W D．11W

4．（2015玉林）如圖甲所示，R1的阻值是20Ω，滑動變阻器R2消耗的功率P與其電阻R2的關系圖象如圖乙所示，則R2消耗的最大功率是（ ）

A．0.45W B．0.50W C．0.80W D．0.90W

5．（2015臨沂）如圖所示，將標有“12V 6W”的燈泡L1和“6V 6W”的燈泡L2并聯后，接在6V的電源上（設燈絲電阻不變），則（ ）

A．兩燈的實際功率之和等于12W B．兩燈的實際功率之和大于12W C．燈泡L1比燈泡L2亮 D．燈泡L2比燈泡L1亮

11．（2015繁昌縣一模）如圖所示，一個標有“6V，3.6W”字樣的小燈泡L和最大阻值為50Ω的滑動變阻器R串聯后接在電源電壓U恒為6V的電路中，設燈泡電阻不變，則下列判斷不正確的是（ ）

A．無論如何移動滑片P，電路中總功率不會超過2W B．移動滑片P，電路中總功率最小值為0.6W

C．當滑片P滑到某個位置時，L和R的電功率相等

D．當滑片P由a滑向b的過程中，燈泡L的電功率一直是減小

12．（2015營口三模）如圖所示，把一盞“10V，5W”的電燈L1和電阻R串聯后接在某一電壓不變的電源上，如圖（甲）L1正常發光，若換上一盞“10V、6W”的電燈L2如圖（乙），此時下列說法正確的是（ ）

A．燈L2兩端電壓可能是10V B．燈L2實際消耗的功率比6W小 C．燈L2實際消耗的功率比6W大 D．燈L2可能在正常發光 13．（2015濠江區模擬）如圖所示，電源電壓和燈L的電阻不變，燈L上標有“6V 3W”字樣．當開關S閉合，滑片P移至a端時，電流表的示數為1.0A，燈L正常發光；當開關S斷開，滑片P移至b端時，電源電壓U和燈L消耗的電功率P為（ ）

A．3V 1.5W B．3V 0.75W C．6V 1.5W D．6V 0.75W 14．（2014達州）分別標有“6V 6W”和“6V 3W”的甲、乙兩只燈泡，經實驗測得其I﹣U特性曲線如右圖所示．現將甲、乙兩燈并聯在電路中，當兩只燈泡的總電流為1A時，兩只燈泡消耗的總功率是（ ）

A．3W B．4W C．4.5W D．6W

15．（2014武漢）如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R1=10Ω．當開關S1閉合，S2、S3斷開時，電壓表的示數為U1．R2消耗的功率為P2；當開關S1、S2、S3都閉合時，電壓表的示數為U1′，R2消耗的功率為P2′，且電流表A1的示數為0.9A．已知U1：U1′=1：6，P2：P2′=1：9，下列結論錯誤的是（ ）

A．開關S1閉合，S2、S3斷開時，電流表A2的示數為0.1A B．開關S1閉合，S2、S3斷開時，電路消耗的總功率為0.6W C．開關S1、S2、S3都閉合時，電流表A2的示數為1.1A

D．開關S1、S2、S3都閉合時，R2和R3消耗的總功率為5.4W 16．（2014懷柔區一模）如圖所示是額定電壓為220V的理發用電吹風的典型電路，其中電熱絲通電后可以發熱，電動機通電后可以送風，且電動機的額定功率為120W．要送冷風，選擇開關C只

接B；要送熱風，選擇開關C接A和B．若電吹風在額定電壓下工作，送熱風時電路消耗的總功率為560W，則電熱絲R的阻值應為（ ） A．55Ω B．220Ω C．440Ω D．110Ω

二．填空題（共14小題）

17．（2015泰州）如圖甲是一種新型插座，它能即時顯示接在該插座時的用電器的工作電壓和所耗電費等信息（插座本身消耗電能由內部電池提供），小明將裝有質量為2.4kg、初溫為10℃水的電水壺插在該插座上，這時插座屏幕上顯示如圖乙所示，當水燒開至100℃時，屏幕顯示如圖丙所示，這段時間內電水壺消耗的電能為 J，實際功率為 W，電水壺燒水的效率為 ．[電費單價：0.5元/（kWh）；c水=4.2×10J/（kg℃）]

3

18．（2015安陽二模）為了搞好城市建設，鹽城市在市區各交叉路口相繼安裝了交通紅、綠燈和電子警察監控系統．如圖所示為某一路口的紅、綠燈設施．已知三只燈泡均標有“220V 100W”字樣，每只燈泡正常工作時的電阻為 歐，該設施正常工作一天（24h）將消耗 kWh的電能． 19．（2015蘇州模擬）如圖所示為手機的電池，****mAh 看不清了，但發現了4Wh字樣（如圖甲）．此電池在充滿電時貯存的電能為 J．電極處略有凹陷（如圖乙），可以在一定程度上防止與硬幣、鑰匙等金屬物體接觸引起 從而損壞電池．

20．（2015盤錦校級模擬）有報道說：臺灣一家廠商發明了一種“手機自生能”技術，裝上特制電池，上下左右搖晃，即可產生電能，每搖一分鐘可通話兩分鐘．如果將手機搖動一次相當于將200g的重物舉高10cm，每秒約搖一次．則根據報道可知，每搖一次可以獲得的電能為 J，該手機使用時的電功率約為 W．（取g=10N/kg）

21．（2015大慶模擬）如圖甲是家用電吹風機的工作原理，電吹風工作時可以吹出熱風也可以吹出涼風．

25．（2015余慶縣二模）兩只分別標有“6V 3W”和“6V 4W”的燈泡串聯在電路中，為保證安全，電路中允許通過的最大電流為 A，電源電壓最大為 V． 26．（2015焦作二模）電路中接入大功率電器使電路超負荷時，會出現用電器兩端電壓偏低的現象．S2如圖所示電路，當閉合開關S1時，燈正常發光；再閉合開關S2使電爐開始工作時，燈變暗了，發生這種象的原因是：因為電爐的 大，使用后導致電路中的 增大，由于導線有電阻且和用電器是串聯的，所以此時導線分擔的電壓增大，從而使得燈兩端的實際電壓變小．

（1）要讓電吹風工作時吹出熱風，它的開關應置于 位置（選填“1”、“2”或“3”）． （2）某次用該電吹風將頭發吹干的過程中，電吹風的功率隨時間的變化關系如圖乙所示，則在該次吹干頭發過程中電吹風消耗的總電能是 J． （3）電熱絲在工作時的電阻值是 Ω．（保留一位小數）

（4）使用幾年后，發現電熱絲變細，則其電阻變 ，它的實際功率將變 ． （5）若電風扇的功率不變，要恢復到原來的熱風檔功率，應給原來的電熱絲再 一段適當阻值的電熱絲（選填“串聯”或“并聯”）． 22．（2015靖江市校級二模）如圖表示白熾電燈將電能轉化為光能和內能的大致比例，由此可計算白熾電燈的發光效率為 ．一般節能燈的發光效率為30%，它只要有 W的功率就能達到60W白熾電燈的亮度．與白熾電燈相比，該節能燈可以節約電能 %． 23．（2015宣城校級三模）小亮家中的電能表上標有“3000r/（KWh）”字樣，為了測定電冰箱工作27．（2015夏邑縣一模）如圖1所示電源電壓保持不變，小燈泡的額定電壓為12V．閉合開關S后，的功率，他在電冰箱正常工作時測得5min內電能表的轉盤轉過60轉，則該電冰箱的功率是 當滑片 P從最右端滑到最左端的過程中，小燈泡的I﹣U關系圖象如圖2所示．則小燈泡的額定功W．電冰箱正常工作時能自動間歇，若該電冰箱的工作過程如圖所示，則這臺電冰箱正常工作一天率是 W；滑動變阻器的最大阻值 Ω．

（24h）消耗電能 kWh．

24．（2015安徽模擬）如圖為一只“6V 1.5W”小燈泡的電流隨電壓變化的關系圖象，若把這樣的三

只燈泡串聯起來，接在12V的電源兩端，則此時每只燈泡的電阻為 Ω，實際功率為

W．

28．（2015南京校級二模）如圖電路中，電源電壓不變．當只閉合S1時，電壓表示數為3V，電流表示數為0.2A．1min內電路消耗的電能為 J，若把兩表的位置互換后．閉合S1、S2，電流表的示數為0.5A，此時R2消耗的電功率P2為 W．

三．計算題

31．（2015青島）如圖所示，電源電壓和小燈泡的阻值均保持不變．小燈泡R1標有“4V 1.6W”字樣，R2=20?，滑動變阻器R3允許通過的最大電流為1A，電流表的量程為0～0.6A，電壓表的量程為0～3V．請畫出每個小題的等效電路圖．

（1）只閉合開關S2時，電壓表的示數為2V，則R2消耗的電功率是多少？

（2）在不損壞各電路元件的情況下，若閉合所有開關，滑動變阻器R3消耗的最大功率和最小功率之比為3：1，若只閉合開關S3，小燈泡R1消耗的電功率變化范圍是多少？

29．（2015閩侯縣模擬）（附加2）智能手機都采用電阻觸摸屏，當手指在屏幕表面施以一定的壓力時，觸摸屏就能識別觸摸點的位置，如圖甲．以豎直方向為例，觸摸屏相當于一根電阻絲，觸摸時，觸摸點P將電阻絲分為上下兩部分．設上部分的電阻為R1，下部分電阻為R2，其結構可等效為如圖乙所示電路，電源電壓為5V保持不變．

（1）當觸摸點在豎直方向移動時，若測得R2兩端電壓增大，則R2阻值 ，觸摸點P到屏幕下邊緣的距離 ．（均選填“增大”、“不變”或“減小”）

（2）若其中一個電阻的電壓為3V時，通過的電流為0.1A．當其兩端的電壓增加到4V時，其功率為 W．

32．（2015曲靖）燈L1上標有“12V 9.6W”的字樣，燈L2上只能看清12V的字樣，測得兩燈的電流與電壓的關系如圖所示，求：

（1）L1正常發光時的電阻是多少？

（2）則L1、L2串聯接在電源的兩極時，通過L1的電流為0.3A，電源的電壓是多少？ （3）電路中只有L1、L2兩燈串聯，使L2正常工作時，電路消耗的總功率是多少？

30．（2005武漢）在如圖所示的電路中，電源電壓為3V，L1上標有“6V 3W”，L2上標有“3V 3W”，滑動變阻器上標有“10Ω 1.5A”．要使L2正常發光，則應使S1、S2分別處于 ，同時將滑動變阻器的滑片調到 端，此時電路消耗的總功率是 W；當S1斷開、S2接b時，為使電路消耗的總功率不超過0.5W，滑動變阻器的阻值變化范圍是 ，電壓表的示數變化范圍是 ．

33．（2015滑縣二模）圖甲是家用電吹風的工作原理圖．電吹風工作時，可以吹出熱風也可以吹出涼風．

35．（2015廣元）如圖所示，燈L上標有“6V 3W”字樣（不考慮溫度對燈泡電阻的影響），電阻R1=20Ω．求：

（1）燈泡的電阻；

（2）當開關S1閉合，S2、S3都斷開時，燈L正常發光，電源電壓；

（3）開關S1、S2、S3都閉合，且滑片P在b端時，電流表的示數為2.4A，滑動變阻器R2的最大阻值；

（4）當開關S1斷開，S2、S3都閉合，且滑片P在a、b間中點時，在1min內滑動變阻器產生的熱量．

（l）電吹風吹出熱風時，它的開關應置于題圖甲中 （選填“1”、‘2”或“3“）位置，此時電風扇與電熱絲的連接方式是 ．

（2）某次用該電吹風將頭發吹干的過程中，電吹風的功率隨時間的變化關系如圖乙所示，則在該次吹干頭發過程中電吹風消耗的總電能是多少？

（3）吹熱風時通過電風扇的總電流是多大？電熱絲在工作時的電阻是多少？（保留一位小數） 34．（2015黃石）（1）“36V 25W”的燈泡正常發光時的電阻是多少？

（2）某同學由實驗測得“36V 25W”燈泡的電流和電壓關系曲線如圖甲所示，請回答： ①若將此規格燈泡串聯若干個接入220V電路中使用，則至少要串聯多少個？

②當11個這樣的燈泡串聯接入220V的電路時，請結合圖線計算每個燈泡的實際功率是多少？ （3）另有一只燈泡只能看淸銘牌上的額定電壓為36V，將其接入如圖乙所示電路中．當閉合開關S，滑動變阻器滑片位于中點C時燈泡正常發光，此時燈泡的電功率為P，當滑片位于最右端b時，燈泡實際電功率為P′，已知P：P′=16：9，求所接電源電壓U為多少伏？（燈泡電阻始終不變）

四．實驗探究題 36．（2015盤錦）在“測定小燈泡的電功率”的實驗中，選用如圖甲所示的器材，其中電源電壓為6V，小燈泡的額定電壓為2.5V（燈絲電阻約為

12Ω）． （1）為了能夠順利完成實驗探究，下列兩種規格的滑動變阻器應選用 A．“10Ω 0.5A”的滑動變阻器 B．“50Ω 0.5A”的滑動變阻器 （2）用筆畫線代替導線，將圖甲所示的實物電路連接完整．

（3）閉合開關前，應將圖甲中所示的滑動變阻器的滑片滑到 （選填“A”或“B”）端． （4）閉合開關后，移動滑動變阻器的滑片，發現小燈泡始終不發光，電壓表有示數，電流表無示數，若電路只有一處故障，則故障原因是 ．

（5）排除故障后，閉合開關，移動滑片，電壓表的示數如圖乙所示，其讀數是 V；為了測量小燈泡的額定功率，應將滑動變阻器的滑片向 （選填“A”或“B”）端移動． （6）根據實驗測得的數據，繪制出小燈泡的電流隨它兩端電壓變化的關系圖象（如圖丙所示）．分析圖象可知：

①小燈泡的額定功率為W．

②小燈泡燈絲電阻是變化的，主要是受變化的影響．

③實驗中觀察到：當小燈泡兩端的電壓低于0.5V時，小燈泡不發光，根據圖象分析其原因是 ．

（7）完成上述實驗后，小華在缺少電壓表的情況下，根據繪制出的小燈泡電流與電壓關系圖象，設計出了一個測未知定值電阻的電路，如圖丁所示．請根據電路圖寫出其中一次測量的實驗步驟： ① ②

表達式：Rx= ． 37．（2015重慶）如圖是某興趣小組測量小燈泡電功率的部分實驗電路，電源電壓恒為3V，小燈泡額定電壓是2.5V，其燈絲電阻為10Ω左右，滑動變阻器標有“20Ω 1A”字樣，電流表（0﹣0.6A，0﹣3A），電壓表（0﹣3V，0﹣15V）各有兩個量程．

（1）在圖中用筆畫線代替導線，使其成為完整的實驗電路，要求：滑動變阻器的滑片P向左移動時，小燈泡變亮；

（2）連接電路的過程中，開關應 ，滑動變阻器的滑片P應滑到 端（選填“A”或“B”）；檢查電路連接無誤后，閉合開關，發現小燈泡不亮，電流表無示數，但電壓表有示數，分析故障的原因是 ．

的原因是 （答出一個原因即可）．

（4）興趣小組的同學想接著探究電流與電壓的關系，于是將圖中的小燈泡換成定值電阻，移動滑動變阻器的滑片P，多次改變定值電阻兩端的電壓，并記錄通過定值電阻對應的電流，多次測量的目的是為了 ，本實驗用到的探究方法與下列哪個實驗的探究方法相同 ． A．通過燈泡發光認識電流的存在

B．探究摩擦力的大小與哪些因素有關．

（1）如圖甲所示，是小華所連接的不完整實驗電路，請你用筆畫線代替導線，將缺少的一根導線接好．

（2）小華電路接好后，閉合開關，發現小燈泡特別亮，電壓表與電流表的示數較大．接下來應進行的操作是 ， ．（兩空按操作步驟先后順序填寫字母代號）． A．更換電池或小燈泡 B．檢查電路是否短路 C．移動滑動變阻器滑片至最大值位置 D．斷開電路開關

（3）小華電路連接正確后，閉合開關，發現小燈泡不亮，但電流表有示數．接下來應進行的操作是 ． A．更換小燈泡

B．檢查電路是否斷路

C．移動滑動變阻器滑片，觀察小燈泡是否發光

（4）小軍換了實驗器材又做了一次試驗，實驗過程中，當電壓表示數為 V時，小燈

泡正常發光，此時電流表的示數如圖乙所示，填寫表格空白處 ，該燈泡額定功率為 （5）分析表中實驗數據可知，小軍所用電源電壓約為 V．

（6）若小軍手邊有“1.5A 50Ω”和“2.0A 20Ω”兩種規格的滑動變阻器，“0～3V”、“0～15V”兩個量程的電壓表，上面實驗中他選用的滑動變阻器規格為 ，選用電壓表量程為 ．

38．（2014綏濱縣校級三模）小華、小軍同學做“測量小燈泡電功率”的實驗（小燈泡標有“2.5V”字樣）．

一．選擇題 1．C 2．B 3．C 4．A 5．D 6．B 7．CD 8．A 9．D 10．C 11．A 12．B 13．D 14．A 15．D 16．D 二．填空題

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17．18．19．短路 20．0.20.1 21．11320091.7大小并聯36并聯，它們兩端電壓相等，調節滑動變阻器，使得電流表的示數分別為0.25A、0.2A或0.1A，則由

此時燈泡與定值電阻并聯，電流表測干路電流，記下電流表的讀數為I，

37

22．23．．25．26 27． 28．2930

三．計算題 31． 32．

33． 34．

35． 四．實

篇2

關鍵詞：電功率 教學

初中物理電功率的教學，既是重點，又是難點。因為本章公式多，物理知識抽象，學生不易理解，記不住易混淆，尤其是計算多，弄得學生云里霧里，許多學生感到很困難。改變這種局面需要教師在教學中不斷反思，不斷變換教學策略，尊重學生的主體地位。

一、電功率概念的引入很關鍵

由于學生在生活中很少去觀察電能表的工作情況，在實驗中增加電能表，讓學生既看到用電器的工作情況，又看到電能表的工作情況，尤其是電能表鋁盤的轉動，能更好的理解到電功率的意義。分別拿一個“25W”和“100W”的燈泡接到電路中，讓學生分別觀察電能表鋁盤轉動的情況。實驗發現，當把“100W”的燈泡接到電路中時，它比“25W”的燈泡還要亮些，電能表鋁盤轉動也變快了。“那么在物理學當中我們用什么名詞來表示用電器消耗電能的快慢呢？”――“電功率”。并出示一些用電器的銘牌，特別是大功率用電器的銘牌。這樣引入電功率概念，形象、直觀，學生感覺有趣。

二、做好測電功率的實驗

物理學是一門以實驗為基礎的科學。學習電功率，建議做好三個實驗：

1.伏安法測量小燈泡的電功率實驗。本實驗是電學中第二個同時使用電壓表、電流表和滑動變阻器進行定量測量的綜合實驗，對學生的要求比較高，對于完成好本節課的教學任務有一定的難度。通過前一節電功率的學習，學生已經知道用伏安法測量用電器電功率的方法，對公式P=UI有了初步的認識，通過本節實驗探究，學生能更清楚地了解電流、電壓對電功率的制約關系。

具體做法：采用前面用的電流表和電壓表測電阻的方法，此時可以完全放手，讓學生從已會的七個探究要素方面把所要研究的問題寫成實驗報告，相互交流，并按照自己的設計方案進行實驗，從而得出：對于一個用電器來說，電功率不止一個。

2.用電能表和秒表測燈泡功率實驗。“動手動腦學物理”中“利用家用電能表測算家用電器電功率”實驗的分析與計算，它是一個課外實驗。但實際教學中幾乎沒有去做過，在教學中，用引入電功率概念的實驗裝置來實際測量“100W”燈泡的實際功率，讓兩位同學數轉數，兩位同學記時間，然后讓學生代表上黑板計算，學生積極性很高。本實驗具有形象、真實、生動和有趣的特點，它為學生創設一個最直觀的物理情景，給學生以感性認識，為學生在形成物理概念、得出物理規律等方面作出最直觀的鋪墊，使學生感受倍深，進一步加深印象，讓學生明確實際功率，額定功率，電能和電功率，焦耳和千瓦時等概念的區別和聯系。同時也切實體會到“物理就在我們的生活中，學物理是有用的”，增強學生學習的興趣。

3.“25W”和“100W”燈泡串并聯實驗。用引入電功率概念的實驗裝置，通過猜想、實驗驗證、實際計算的步驟。首先將“25W”和“100W”的兩個燈泡并聯在電路中，觀察亮度并計算功率和電能，然后將“25W”和“100W”的兩個燈泡串聯在同一電路中時，有的同學猜想可能仍然是“100W”燈泡亮些，有的卻認為是“25W”的燈泡亮些，甚至有同學認為一樣亮。到底怎樣，通過實驗卻發現“25W”的燈泡亮些，這就激發了學生的求知欲望，引起極大的興趣。這樣用形象直觀的實驗及計算來代替枯燥的講解，運用所學的知識來解釋現象，激發學生興趣，取得很好的效果。

三、電功率的計算

電功率計算相對枯燥難教，學生感到很困難。在教學中建議做好以下三點：

1.循序漸進。許多教師往往是一下子給了學生一大堆方法，讓學生去消化，自己落了個眼前的清閑。這卻為以后帶來了麻煩。方法雖多，并不是都重要，學生需要學會最基本的。有的教師到這里往往急于引入P=U2/R 、 P=I2R兩個公式，本意雖好，卻讓學生感到有些混亂。至于何時引入P=U2/R 、 P=I2R，我想，等基本方法掌握了，回過頭來把那些題目再做一遍，用P=U2/R 、 P=I2R解題，這樣比較符合學生的認知規律。此外設置課堂的習題不要太難，重在對公式的應用，并讓學生熟悉公式的單位換算即可，更多的習題可以放在后面進行，對數值的設計也應以巧數為主，不涉及過難、過深的純數學式的計算，以節約課堂時間。注意讓學生多動手，在學生動手計算時發現一些共性的問題，統一解決，以提高課堂效率。在解題的掌握上，先讓學生掌握常見的幾種題型，讓學生在練習中逐步尋找方法與規律，從基本的思路中去摸索自己的方法與基本的思路。逐步掌握更多的解題方法，了解更多的題型。

2.規范解題。學生做計算題時，要先按照例題的做法，寫出已知物理量，每個物理量用什么字母表示，以及它們的單位。相當于過去的寫已知，這樣做的目的是讓學生分清每個物理量用什么字母表示，久而久之就會記清，事實證明這種方法能起到事半功倍的效果。

篇3

例1 現有L1為“12 V 8 W”和L2為“6 V 2 W”的兩盞電燈，把它們與“20 Ω 1 A”的滑動變阻器串聯后，接在18 V的電源上，如圖1所示，開關閉合后，當滑動變阻器R′的滑片P從a端向b端滑動的過程中，下列說法正確的是（ ）。

A. 兩燈都變亮，且L2首先正常發光

B. 兩燈燈絲電阻不同

C. 因為L1的額定功率大，所以L1比L2更亮

D. 兩燈都變亮，且L2可能先燒毀

解析：當用電器串聯接入電路中時，首先要先計算出其電阻值，然后通過P=I 2 R計算或分析其實際功率是否與其額定功率相同，切不可僅憑額定電壓和額定功率就草率地作出判斷。

顯然I1>I2。

當滑片自a端向b端移動過程中，電路中的電流逐漸增大，因此，兩燈的亮度均增加，由于I1

答案：A D

點撥：滑動變阻器變化過程中對于電路中的物理量有著很大的影響，我們只要分析清楚每一次變化后各個物理量的表達式，就能確定它的變化情況。

例2 一盞白熾燈在燈絲燒斷之后，搭接起來，不久，燈泡就又在搭接處燒斷了，為什么？

篇4

電流在單位時間內做的功叫做電功率。是用來表示消耗電能的快慢的物理量，用P表示，它的單位是瓦特，簡稱瓦，符號是W。

電功率，指每單位時間發電機所產生的電能，流經電路。當電流通過一個電路時，它能夠轉換能量成機械能，或是發熱。運用電功率的電器設備的種類很多種，例如電熱器、燈泡、電動機、揚聲器、或電鍍。電功率可以經由發電機產生，或化學反應產生，或是由太陽能，或是轉化為化學能儲存于蓄電池。

（來源：文章屋網 ）

篇5

一、伏要法測導體電阻

1.實驗原理：根據歐姆定律的變形公式R=U/I，用電壓表和電流表分別測出待測電阻兩端的電壓和通過其中的電流，就可以求出這段導體的電阻，這種方法叫做伏安法。

2 .實驗器材：電源，開關，電壓表，電流表，滑動變阻器，待測電阻，若干導線。

3 .實驗電路圖：如圖所示

4 .實驗步驟：

（1）按圖所示的電路圖正確連接電路。

（2）檢查電路無誤后，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片P的位置。改變電阻兩端的電壓為U1，U2，U3，觀察電流表每次對應的數值I1，I2，I3，分別填入設計表格中。

試驗次數 U（V） I（A） R=U/I

1 R1=

2 R2=

3 R3=

（3）根據每次記錄的電壓和電流求出每次對應的電阻R1，R2，R3，再求出它們的平均值R=（R1+R2+R3）/3.

5 動變阻器在實驗中的作用：

（1）保護電路，

（2）改變導體兩端的電壓；使其成倍數地增加。

例1：（2012上海閔行二模，26）（10分）小華同學在探究通過鎳鎘導線的電流與它兩端電壓之間之間的關系實驗時，所用的器材有：5節新干電池，開關，金屬導體若干，電流表，電壓表和若干導線。

（1）實驗中小華可通過_______________的方法改變導體兩端的電壓？

（2）小華剛連接好電路，就發現電流表有示數，其原因是_____________，并觀察到電壓表示數如圖所示，其原因是______________。

（3）小華排除障后重新進行測量，并根據實驗數據查畫U-I圖象，如圖所示，此圖象需要改進之處是_________。

（4）小華改變進后圖象分析得出的初步結論是：通過同一導體的電流與它兩端的電壓成正比。你認為，小華得出的結論的依據是_________的（選填“充分”或“不充分”）。請簡要說明理由。解析：

（1）沒有滑動變阻器，可以改變電池節數來改變電壓。

（2）電壓表指針反向偏轉，表明正、負接線柱接反了。

（3）由五組數據畫出的斜線，它代表了電壓隨電流變化的趨勢，因此要將斜線向兩個方向延伸。

（4）更換不同的導體重新進行實驗，利用多組數據得出的結論才具有普通性。

答案：

（1）改變串聯電池的節數。

（2）連接電路時開關沒有斷開，電壓表正負接線柱接反了。

（3）圖象中缺少電壓為零時的電流值。傾斜直線到第五點后應繼續延伸。

（4）不充分，沒有選擇多個導體進行實驗。所得出的結論不具有普遍性.

例2.（2013四川眉山一摸.65）如圖所示“測量小燈泡電功率”時連接的電路圖，選用的小燈泡的額定電壓為2.5V。

（1）請指出其中的兩處錯誤或不妥之處：____________________、_______________重新連接后，要注意滑動變阻器的滑片應該滑到______端。

（2）閉合開關，發現電流表沒有示數，而電壓表的示數幾乎等于電源電壓，其原因可能是_________________。（4）學生在實驗中測得幾組數據如下：

（3）

實驗次數 1 2 3 4

電壓U/V 2.5 2.0 1.5 1.0

電流I/A 0.30 0.20 0.22 0.20

電功率P/W 0.52 0.33 0.20

則燈泡正常發光時的功率為 W。通過分析表中的數據可知，燈絲電阻電話的瞬間，燈絲容易燒斷的原因是___________.

答案（1）電壓表的位置（測的是總電壓）電壓表的正負接線柱接反了。

（2）A（C、左）

篇6

錯解一：

燈泡的電阻R1=U2／P=(220V)2／40W=1210Ω

當滑動變阻器的滑片在左端時，電阻R1＝1210Ω。

功率P2／R＝(220v)2／1210Ω＝40w，

當滑動變阻器的滑片在右端時。

電阻R1=Rl＋Rx=1210Ω＋1210Ω＝2420Ω

功率P1＝(220V)2／2420Ω=20W

燈泡的實際功率變化范圍是20W～40W

錯解二：

當滑動變阻器的滑片在左端時，燈泡的實際電壓等于額電壓，實際功率等于額定功率為40W。當滑動變阻器的滑片在右端時，RL=U2／P=(220V)2／40W=1210ΩUL＝URL＋RX＝1210Ω×220V／(1210Ω＋1210Ω)=110V

燈泡的實際電壓等于1/2額定電壓，實際功率等于額定功率的1/2為20W。

燈泡的實際功率變化范圍是20W～40W。

點評1.

錯解一錯在p1＝U2／R1=(220V)2／2420Ω＝20W，這里p1，是電路的總功率。

正確解法：P1=I2RL＝(220V／2420Ω)×1210Ω＝10W

燈泡的實際功率變化范圍是10W～40W

點評2：

錯解二錯在燈泡的實際電壓等于1/2額定電壓，實際功率等于額定功率的1/2。

正確解法：PL實＝UL實2／RL＝(11OV)2／1210Ω=10W

燈泡的實際功率變化范圍是10W～40W

例2：某同學查閱課外資料時獲得一幅“220V40W”的白熾燈電流與電壓的關系圖像，如圖2所示，從圖像上能推知，白熾燈在不同電壓下的實際電阻值。若將兩只相同的這種燈泡串聯在220V的電源上，試求兩只燈泡實際消耗的總功率是多少?

錯解：

一只燈泡的電阻為RL＝U2／p＝(220V)2／40W=1210Ω

兩只相同的這種燈泡串聯在220V的電源上消耗的總功率是：P總=U2／2R=(220V)2／2×1210Ω=20W

點評：

像例1沒有考慮燈泡的電阻隨溫度的變化而變化(初中階段進行定量計算時一般不考慮電阻隨溫度的變化)，但事實上燈泡的電阻是隨溫度的變化而變化的，本例題中通過圖像反映了這一特點。所以解法錯誤是很明顯的，沒有考慮燈泡的電阻隨溫度的變化而變化。

正確解法：

每個燈泡的實際電壓為110V，

由圖像分析可以知道，在110V的電壓下工作，通過燈泡的實際電流為0.15A，

每只燈泡的實際功率為P=UI=110V×0.15A=16.5W

篇7

1 P=UI：當已知或求解某個電器的功率，而該電器的電阻又不知道且為變量時，可將功率用電壓與電流的乘積表示。

例1 （甘肅）如圖1電源電壓不變，調節滑動變阻器使電壓表為10V時，R2消耗的功率為5W，調節變阻器使電壓表示數為16V時，R2消耗的功率為3．2W。求電源電壓和定值電阻R1的阻值。

解析 此題變阻器阻值不斷改變，所以應用P=UI解答。我們應用已知電壓U1，要求的電阻R1，電源電壓U將滑動變阻器的功率表示出來。

當P在第一個位置時，變阻器功率為：

2 P=I2R：多用于串聯電路，由于串聯電路中電流相等，而電流又可以用總電流和總電阻表示，且總電壓與用電器的電阻在一定條件下不變，所以便于用此公式求解。

例2 （廣西）一塊實驗電路板如圖2所示，所給電源電壓一定，定值電阻R=4Ω，A、B是接線柱。現把一變阻器從A、B接入電路，已知當變阻器接入電路的電阻為6Ω時，定值電阻消耗的功率為0.64W，那么當變阻器接入電路的電阻為16Ω時，定值電阻R消耗的電功率為多少？

解析 此題中已知變阻器前后兩次阻值且又和一定值電阻串聯，所以可用公式P=I2R將定值電阻的功率表示出來，而電路中的電流可以用總電壓與總電阻的比表示出來。

當變阻器接入6Ω電阻時R的功率為：

當變阻器接入16Ω電阻時R的功率為：

P2=I22R=（UR′滑）2R=（U4Ω+16Ω）2?4W。 ②

聯立①、②式解得P2=0．16W。

3 P=U2R ：多用于并聯電路，因為并聯電路中各支路兩端電壓相等；或單獨電路；或雖是串聯電路，但已知電壓、電阻、電功率任意兩個量時；用此公式很容易求出未知條件。

例3 (河北) 如圖3所示的電路中，R為定值電阻，燈L上標有“16V 4W”的字樣。閉合S，斷開S1時燈L正常發光，再將S1閉合此時電路中消耗的功率為29．6W。求燈L和電阻R的阻值。

解析 閉合S，斷開S1時，電路中只有燈L，且其正常發光，可知電源電壓等于其額定電壓16V，燈L的實際功率也達4W。則：

PL=U2RL=（16V）2RL=4W，

解得：RL=64Ω。

當S、S1都閉合時，燈L與R為并聯，且R消耗的功率為：

PR=P－PL=29．6 W－4W=25．6W

所以由R=U2PR，解得：R=10Ω。

篇8

一、缺電流表的小燈泡電功率測量實驗

實驗器材：開關一個、電源一個、滑動變阻器一個、定值電阻R一個、小燈泡一個、電壓表一只、導線若干。

實驗步驟：

1. 按照電路圖連接實物圖，注意開關處于斷開狀態，滑動變阻器處于最大值；

2. 閉合開關，移動滑動變阻器，使得小燈泡兩端的電壓等于其額定電壓，讀出燈泡兩端的額定電壓U；

3. 斷開開關，將電壓表與定值電阻R并聯，閉合開關，測出定值電阻R的電壓U；

4. 通過燈泡的電流等于通過定值電阻R的電流，即I=I= ，則小燈泡的電功率P=UIL=；

5. 斷開開關，將電壓表與小燈泡并聯，閉合開關，移動滑動變阻器，使得小燈泡兩端的電壓等于其額定電壓的1.2倍，讀出燈泡兩端的電壓U′；

6. 斷開開關，將電壓表與定值電阻R并聯，閉合開關，測出定值電阻R的電壓U′；

7. 通過燈泡的電流等于通過定值電阻R的電流，即I′=I′=，則小燈泡的電功率P=U′I′=；

8. 斷開開關，將電壓表與小燈泡并聯，閉合開關，移動滑動變阻器，使得小燈泡兩端的電壓低于其額定電壓，讀出燈泡兩端的電壓U″；

9. 斷開開關，將電壓表與定值電阻R并聯，閉合開關，測出定值電阻R的電壓U″；

10. 通過燈泡的電流等于通過定值電阻R的電流，即I″=I″=，則小燈泡的電功率P=U″IL″=。

二、缺電壓表的小燈泡電功率測量實驗

實驗器材：開關一個、電源一個、滑動變阻器一個、定值電阻R一個、小燈泡一個、電流表一只、導線若干。

實驗步驟：

1. 按照電路圖連接實物圖，注意開關處于斷開狀態，滑動變阻器處于最大值；

2. 閉合開關，移動滑動變阻器，使得通過小燈泡的電流等于其額定電流，讀出燈泡的額定電流I；

3. 斷開開關，將電流表與定值電阻R串聯，閉合開關，測出定值電阻R的電流I；

4. 燈泡兩端的電壓等于定值電阻R兩端的電壓，即U=U= IR，則小燈泡的電功率P=UI=IIR；

5. 斷開開關，將電流表與小燈泡串聯，閉合開關，移動滑動變阻器，使得小燈泡的電流等于其額定電流的1.2倍，讀出燈泡兩端的電壓U′；

6. 斷開開關，將電流表與定值電阻R串聯，閉合開關，測出定值電阻R的電流I′；

7. 燈泡的電壓等于定值電阻R的電壓，即U′=U′= ，則小燈泡的電功率P=U′IL′=I′I0′R0；

8. 斷開開關，將電流表與小燈泡串聯，閉合開關，移動滑動變阻器，使得小燈泡的電流低于其額定電流，讀出燈泡的電流I″；

篇9

例1 關于電功，下列說法正確的是（ ）

A. 電流通過電阻產生的熱叫電功，單位是焦耳

B. 電流所做的功叫電功，單位是瓦特

C. 電流通過電阻產生的熱叫電功，單位是瓦特

D. 電流所做的功叫電功，單位是焦耳

辨析 本題考查電功這一概念及電功的單位.電流通過用電器所做的功叫電功，電流做功的本質是將電能轉化為其他形式的能，不僅僅是發熱轉化為內能，電功的單位是焦耳.

答案 D

例2 下列判斷正確的是（ ）

A. 根據P=I2R可知，電阻越大，電功率也越大

B. 根據P=UI可知，同一導體兩端的電壓越小，

功率也越小

C. 根據P=W/t可知，電流做功越多，電功率也越大

D. 根據P=U2/R可知，電阻越大，電功率越小

辨析 本題考查電功率這一概念的四種計算公式的適用條件及影響電功率大小的因素.電功率表示電流做功的快慢程度.其定義公式及其推論是P=W/t、P=UI，對于不同的研究對象，用這兩種計算都是可行的，只有在電能全部轉化為內能時才能用P=I2R、P=U2/R計算.

在選用P=I2R和P=U2/R公式時，還需注意：只有當電流恒定時，電功率才和電阻成正比；當電壓恒定時，電功率才和電阻成反比；當通電時間一定時，電功率才和電功成正比.對于同一導體電阻不變，導體兩端電壓越小，通過導體電流越小，導體的電功率才越小.

用以上分析辨析4個選項，只有答案B是正確的.

答案 B

例3 標有“220V 60W”和“36V 60W”的甲、乙兩個燈泡，都在額定電壓下工作，兩燈泡工作1h消耗的電能（ ）

A. 甲燈消耗電能多 B. 乙燈消耗電能多

C. 兩燈消耗電能一樣多 D. 無法比較

辨析 本題考查額定電壓、額電功率、實際功率和電流做功的概念.當用電器的工作電壓等于額定電壓時，它的實際功率和額電功率相等，若兩燈工作時間也相等，它們所做的功和消耗的電能也相等.甲、乙兩燈都在額定電壓下工作，通電時間都為1h，則它們消耗的電能是相等的，所以選項C正確.

答案 C

例4 小明同學利用如圖所示的電路測量一個標有“PZ220—40”字樣的燈泡電阻，所用電壓為24V，該同學正確地完成了實驗后，其測量的結果（ ）

A. 一定小于1210Ω

B. 一定等于1210Ω

C. 一定大于1210Ω

D. 無法判斷

辨析 本題考查額定電壓、實際電壓、額電功率、實際功率、電阻和溫度關系等概念.燈絲的電阻隨溫度的升高而增大.在額定電壓下，40W的燈泡正常工作時的電阻為：

R=U2/P=（220V）2/40W =1210Ω.

當燈泡在24V電壓下工作時，其實際功率小于40W.燈絲的溫度遠低于正常工作時的溫度，其電阻也應該小于1210Ω。

答案 A

失誤評析：

1. 相關概念不清，造成判斷的失誤.如電功的實質是電能轉化為其他形式的能，其中除了內能，還包括機械能等；而電流產生的熱量只表示電能轉化為內能的多少，兩者關系不清，就會造成例1的失誤.

2. 對于電功和電功率各有四個計算公式，每個公式有不同的適用條件和適用范圍，若不深刻理解，正確運用，在分析和計算問題時亂套公式，必然會造成錯誤.如例2就是考查這方面知識的.

篇10

【關鍵詞】風速預測；卡爾曼濾波；ANEMOS系統；風電并網

人類以巨大的資源消耗作為代價，在電氣化時代中馳騁了一個多世紀，如今，尋找替代能源來推動電力行業的發展成為世界范圍內的焦點。在眾多綠色能源中，風能逐步成為新能源電力的主力軍。按照GWEA《世界風電展望2008》報告的分析預測，風電在2030年將占到全球電力供應的5%。結果顯示風電不但能夠滿足全球未來30年對于清潔電力的需求，而且對供電系統的滲透還將持續增長。然而風的間歇性會帶來不穩定電參量，嚴重時，小故障就可引發電網電壓較大波動造成大面積風電機組脫網。為了解決這一難題，國家能源局組織制定了《風電并網技術標準》對風電并網進行規范，包括具備有功功率控制能力，無功功率控制能力等。現階段，快速準確的突破這些瓶頸問題對風電事業的良好發展具有非常重要的意義。本文將著眼于關鍵技術問題之一的風電功率預測展開研究和討論。

一、卡爾曼濾波原理

卡爾曼濾波器是一個最優化自回歸數據處理算法，主要用于于解決大部分隨機量估計問題，所應用的方法屬于統計學中的估計理論，最常用的是最小二乘法，最小方差估計等等。主要能根據一系列的對隨機狀態的觀測值進行定量的推斷，通過最小均方誤差使估計值盡可能準確的接近真實值。根據《卡爾曼濾波修正的風電場短期功率預測模型》一文的研究結果在卡爾曼濾波算法中，描述系統的數學模型是狀態方程和量測方程，它們分別如下：■。式中Xt為未知過程在t時刻的狀態向量；Yt為t時刻的觀測向量；Ft和Ht分別為系統矩陣及觀測矩陣；Wt和Vt分別為系統噪聲和量測噪聲，均假定為高斯白噪聲且相互獨立，與其相對應的協方差矩陣分別為wt和vt。如果現在系統狀態量為Qt則在上一狀態Qt-1極其協方差Pt-1的基礎上，可以得到t時刻的預測狀態極其協方差矩陣的預測方程，即：■。當新的觀測向量yt更新后就可以得到t時刻的狀態向量Qt的最優估計值：Qt=Q■+Kt(Yt-HtQ■)，式中，Kt為卡爾曼增益，是卡爾曼濾波算法的重要參數。

二、NWP系統和ANEMOS風電預測系統

數字天氣預報（Numerical Weather Prediction，NWP）是根據大氣實際情況，在一定初值和邊值的條件下，通過數值計算，求解描寫天氣演變過程的流體力學和熱力學方程組，預報未來天氣。含有速度沿x，y，z三個方向的分量u，v，w和溫度t氣壓p，空氣密度ρ以及比濕q等7個預報量。通過大型計算機求解方程組，獲得未來7個未知量的時空分析，由歐洲委員會資助的ANEMOS是一個4年R&D工程，它可以通過互聯網工作，能夠不斷接收最新信息，每隔30分鐘生成一次預測。在ANEMOS風電預測工程，作為輸入量的最新氣象預報以及氣候參數測量都是通過NWP來準確獲得的，因此NWP提供的數據精確度將會影響最終功率預測結果。但NWP系統經常會在預報的過程中發生系統性錯誤，為了解決這一問題，本文主要討論其中的一個使用卡爾曼濾波來修正誤差的方法。

三、采用卡爾曼濾波后的ANEMOS風電預測模型

（一）用于修正的卡爾曼濾波算法

本文討論一種能估計非線性系統狀態量的卡爾曼濾波算法。如下方程描述了一個非線性離散時間系統X（k+1）=F[X（k），U（k），V（k），k]；Z（k）=H[X（k），U（k），k]+W（k），X（k）是一個在時間步長k上的n維的系統狀態量，U（k）是輸入矢量，V（k）是一個由于擾動和系統錯誤生成的q維狀態進程矢量，Z（k）是觀測矢量，W（k）是干擾測量量，假設干擾量V（k）和W（k）的均值為零。令X*（ilj）為X（i）的估計量，這個估計量的協方差為P（ilj），根據Antoniou C.等人的研究結果預測值可以由如下方程給出X*（K+1 l K）=E[f[X（k），u（k），v（k），k] l 2k ]；P（K+1 l K）=E[{x（k+1）-x*（k+1lk）}{x（k+1）-x*（k+1lk）}t l 2k]如果F（）和H（）是非線性的且X（k）的分布已知，那么這些統計的精確數據就可以測得，通常這個分布沒有固定的形式，在很多的應用中X（k）的分布是近似的，所以一般來說我們選用高斯分布作為X（k）的分布。在卡爾曼濾波器中，為了把均方根誤差降到最少，我們使用這種修正規則：X*（K+1 l k+1）=X*（k+1 l k）+W（k+1）v（k+1）；P（k+1 l k+1）=P（k+1 l k）-W（k+1）Pvv（k+1 l k）WT（k+1）；V（k+1）=Z（k+1）-Z*（k+1 l k）；W（k+1）=Pxv（k+1 l k）P■■（k+1 l k）。另一方面我們對誤差進行預測，將風速的預測誤差作為數字天氣預報風速輸出數據的函數，令Vk為數字天氣預報k時刻的風速輸出Fk為k時刻的預測誤差，則Fk=X0+X1Vk+X2V2k+X3V2k+Qk-1式中Xk(k=0，1，2，3)是用卡爾曼濾波器進行估計的系數，Q為上一步生成的高斯非線性系統誤差。

（二）采用卡爾曼濾波器后的ANEMOS風電預測體系結構

圖1 ANEMOS風電預測體系結構圖

以風速為例，NWP提供的預測風速數據經過卡爾曼濾波算法修正之后作為ANEMOS風電預測系統的輸入量，最后得到風電功率的預測輸出，至此為整個改進后系統的模型結構。

四、實例分析

圖2 風速140分鐘內預測值和實測值變化曲線

圖3 風速140分鐘內預測值與實測值曲線圖

應用卡爾曼濾波處理的NWP模型對武漢東湖地區的風速進行預測，隨機抽取某一天的預測結果如上圖所示，在圖3中，黃線帶表直接從數字天氣預報中輸出的風速預測值曲線，藍線帶表測風塔實際測得的風速值曲線，經過計算，其平均相對誤差達到31.6%在圖2中，紅線代表經過卡爾曼濾波修正處理的預測值，藍線代表由風速塔實際測得的風速變化趨勢，不難看出，二者趨勢基本吻合，經過計算，其平均相對誤差減小到11.9%，相比原來下降了19.7%，預測精度得到明顯改善。

五、結論

卡爾曼濾波不需要大量歷史材料，僅僅通過誤差反饋就可以動態修正預測方程系數，當時間序列足夠長，初始狀態值和協方差對估計的影響都將衰減為零，所以卡爾曼濾波可以應用在風電功率預測中，通過不斷更新狀態信息，獲得比較準確的數字天氣預報輸出修正值，從而極大的降低風電功率預測誤差。

參 考 文 獻

[1]趙攀，戴義平．卡爾曼濾波修正的風電場短期功率預測模型[J]．西安交通大學學報．2011（5）

[2]G.Giebel．The state-Of-The-Art in Short-Term Prediction of Wind Power 2003[online]．http：//anemos.cma.fr/download/ANEMOS_D1.1_StateOfTheArt_v1.1.pdf